Вариант 10 · Сентябрь 2026

Решение.

Для того чтобы правильно соотнести технические устройства с физическими закономерностями, разберем принцип действия каждого прибора.

А) Высотомер (альтиметр).
Этот прибор предназначен для измерения высоты полета самолета или высоты подъема в горах. В основе работы большинства авиационных высотомеров лежит барометрический метод. Известно, что с увеличением высоты над уровнем моря плотность воздуха и толщина воздушного столба уменьшаются, что приводит к закономерному снижению атмосферного давления. Прибор измеряет давление и по специальной шкале переводит его значения в метры высоты. Таким образом, работа высотомера основана на изменении атмосферного давления при подъёме в горы (пункт №4).

Б) U-образный манометр.
Данный прибор представляет собой изогнутую трубку, заполненную жидкостью (водой или ртутью). Принцип его действия основан на сравнении давлений. Когда в одно из колен трубки подается избыточное давление газа, уровень жидкости в нем опускается, а в другом — поднимается. Разность уровней жидкости в коленах манометра прямо пропорциональна измеряемому давлению. Давление столба жидкости рассчитывается по формуле $p = \rho \cdot g \cdot h$, где $h$ — высота столба. Следовательно, в основе работы прибора лежит зависимость гидростатического давления от высоты столба жидкости (пункт №1).

Проанализируем остальные варианты:
2) Условие равновесия рычага используется в весах или кусачках, но не в указанных приборах.
3) Зависимость силы упругости от деформации (закон Гука) лежит в основе работы пружинного динамометра.

Таким образом, получаем соответствие:
А — 4
Б — 1

Ответ: 41

Источник: ФИПИ

Решение.

Для того чтобы правильно ответить на вопрос, разберём физическую суть процесса эхолокации.

1. Что такое эхолокация? Это способ определения положения объектов в пространстве путём излучения звуковых сигналов и приёма сигналов, вернувшихся обратно. Дельфины испускают ультразвуковые импульсы (звуковые волны высокой частоты), которые распространяются в воде.

2. Какое явление происходит при встрече с препятствием? Когда звуковая волна натыкается на объект (рыбу, скалу или дно), она не проходит сквозь него полностью и не исчезает. Часть энергии волны возвращается назад к источнику. Это явление называется отражением звука. Именно это отражённое «эхо» дельфин улавливает своими органами слуха.

3. Анализ вариантов ответа:
— Варианты 3 и 4 (световые волны) не подходят, так как эхолокация основана на звуке, а не на свете.
— Вариант 2 (преломление) описывает изменение направления волны при переходе из одной среды в другую, что не позволяет сигналу вернуться к дельфину для анализа.
— Вариант 1 (отражение звуковой волны) полностью соответствует физическому механизму эхолокации.

Таким образом, в основе эхолокации лежит способность звуковых волн отражаться от препятствий.

Ответ: 1

Источник: ФИПИ

Решение.

Для решения задачи проанализируем движение камня с учётом сопротивления воздуха (атмосферы).

1) Анализ потенциальной энергии (пропуск Б): Потенциальная энергия тела в поле тяжести Земли определяется формулой $E_p = mgh$, где $h$ — высота над уровнем отсчёта. На рисунке точки 1 и 3 находятся на одном горизонтальном уровне, следовательно, их высоты одинаковы ($h_1 = h_3$). Значит, потенциальная энергия в положении 1 равна потенциальной энергии в положении 3. (Б — 1)

2) Анализ работы силы трения (пропуск В): При движении камня в атмосфере на него действует сила сопротивления воздуха (сила трения). Эта сила всегда направлена противоположно вектору скорости (движению) тела. Согласно определению работы $A = F \cdot s \cdot \cos\alpha$, так как угол между силой сопротивления и перемещением равен $180^\circ$, её работа всегда отрицательная. (В — 5)

3) Анализ кинетической энергии (пропуск А): Согласно закону сохранения и превращения энергии, полная механическая энергия системы при наличии силы трения уменьшается, так как часть механической энергии переходит во внутреннюю (нагрев). Полная энергия в точке 1 ($E_1 = E_{k1} + E_{p1}$) больше полной энергии в точке 3 ($E_3 = E_{k3} + E_{p3}$), так как на пути 1-2-3 совершалась отрицательная работа силами сопротивления. Поскольку $E_{p1} = E_{p3}$, то кинетическая энергия в положении 1 больше кинетической энергии в положении 3. (А — 2)

4) Анализ внутренней энергии (пропуск Г): Как было сказано выше, из-за работы сил сопротивления воздуха механическая энергия камня уменьшается. Эта энергия не исчезает бесследно, а превращается в теплоту, что ведет к тому, что внутренняя энергия камня и окружающей среды в процессе движения увеличивается. (Г — 6)

Следовательно, последовательность цифр: 2 (больше), 1 (равна), 5 (отрицательный), 6 (увеличивается).

Ответ: 2156

Источник: ФИПИ

Решение.

Для того чтобы ответить на вопрос, как изменится глубина погружения (осадка) лодки, проанализируем условия её плавания с точки зрения физических законов.

1. Условие плавания тел. Согласно закону Архимеда, на тело, плавающее на поверхности жидкости, действуют две основные силы: сила тяжести $F_{тяж}$, направленная вниз, и выталкивающая сила (сила Архимеда) $F_{А}$, направленная вверх. Поскольку лодка плавает, эти силы уравновешивают друг друга:
$F_{тяж} = F_{А}$

2. Распишем формулы для этих сил.
Сила тяжести, действующая на лодку: $F_{тяж} = m \cdot g$, где $m$ — масса лодки, $g$ — ускорение свободного падения.
Выталкивающая сила: $F_{А} = \rho_{ж} \cdot g \cdot V_{погр}$, где $\rho_{ж}$ — плотность жидкости (воды), $V_{погр}$ — объём погруженной части лодки.

3. Составим уравнение равновесия:
$m \cdot g = \rho_{ж} \cdot g \cdot V_{погр}$

4. Анализ зависимости от гравитации. Мы видим, что ускорение свободного падения $g$ входит в обе части уравнения. Если мы разделим обе части уравнения на $g$, то получим:
$m = \rho_{ж} \cdot V_{погр}$
Отсюда объём погруженной части лодки равен:
$V_{погр} = \frac{m}{\rho_{ж}}$

5. Вывод. Как видно из итоговой формулы, объём погруженной части лодки (а значит, и глубина погружения — осадка) зависит только от массы лодки и плотности жидкости. Ни масса лодки, ни плотность воды при перемещении на Луну не меняются. Хотя на Луне ускорение свободного падения $g_{л}$ примерно в 6 раз меньше земного, во столько же раз уменьшатся одновременно и сила тяжести, и выталкивающая сила. Следовательно, их отношение останется прежним, и глубина погружения не изменится.

Ответ: 3

Источник: ФИПИ

Решение.

Для решения задачи воспользуемся законами равноускоренного движения. Поскольку атмосфера у Меркурия отсутствует, сопротивление воздуха не учитывается, и камень движется только под действием силы тяжести с постоянным ускорением свободного падения.

Дано:
$g_{M} = 3,7 \text{ м/с}^{2}$ — ускорение свободного падения на Меркурии;
$t = 2 \text{ с}$ — время падения;
$v_{0} = 0 \text{ м/с}$ — начальная скорость (состояние покоя).
--------------------
$v - ?$

Физические законы и формулы:
При равноускоренном движении мгновенная скорость тела $v$ в любой момент времени $t$ определяется по формуле:
$v = v_{0} + a \cdot t$
В условиях данной задачи ускорение тела $a$ равно ускорению свободного падения на планете $g_{M}$, а начальная скорость $v_{0}$ равна нулю.

Вывод рабочей формулы:
Подставим известные условия в общую формулу:
$v = 0 + g_{M} \cdot t$
$v = g_{M} \cdot t$

Расчёт:
Подставим числовые значения из условия задачи:
$v = 3,7 \text{ м/с}^{2} \cdot 2 \text{ с} = 7,4 \text{ м/с}$

Проверим размерность полученного результата:
$[v] = \frac{\text{м}}{\text{с}^{2}} \cdot \text{с} = \frac{\text{м}}{\text{с}}$.
Единицы измерения соответствуют скорости.

Ответ: 7,4 м/с

Источник: ФИПИ

Решение.

Для решения задачи воспользуемся законом Архимеда. На тело, полностью погружённое в жидкость, действует выталкивающая сила, равная весу вытесненной им жидкости.

Дано:
$F_{A} = 20\,000$ Н
$\rho = 1000$ кг/м³ (плотность воды)
$g = 10$ Н/кг (ускорение свободного падения)
Найти:
$V - ?$

Формулы и вычисления:
1. Запишем формулу для силы Архимеда:
$F_{A} = \rho \cdot g \cdot V$,
где $\rho$ — плотность жидкости, $g$ — ускорение свободного падения, $V$ — объём погружённой части тела (в данном случае — весь объём тела, так как оно погружено полностью).

2. Выразим из этой формулы искомый объём $V$:
$V = \frac{F_{A}}{\rho \cdot g}$

3. Подставим числовые значения в полученную рабочую формулу:
$V = \frac{20\,000 \text{ Н}}{1000 \text{ кг/м}^{3} \cdot 10 \text{ Н/кг}}$
$V = \frac{20\,000}{10\,000} \text{ м}^{3}$
$V = 2 \text{ м}^{3}$

Проверим размерность: $\frac{\text{Н}}{\frac{\text{кг}}{\text{м}^{3}} \cdot \frac{\text{Н}}{\text{кг}}} = \frac{\text{Н}}{\frac{\text{Н}}{\text{м}^{3}}} = \text{м}^{3}$. Результат соответствует единице измерения объёма.

Ответ: 2 м³

Источник: ФИПИ

Решение.

Для решения задачи проанализируем данные, представленные на диаграмме, и воспользуемся физическими законами тепловых явлений.

Дано:
$m_1 = m_2 = m = 100 \text{ г} = 0,1 \text{ кг}$
Из диаграммы определим количество теплоты $Q$, затраченное на плавление каждого вещества (в кДж):
$Q_1 = 3 \text{ кДж}$
$Q_2 = 6 \text{ кДж}$

Найти:
$\frac{\lambda_2}{\lambda_1} - ?$

Физический закон и расчет:
1. Количество теплоты, необходимое для плавления вещества, взятого при температуре плавления, рассчитывается по формуле:
$Q = \lambda \cdot m$,
где $\lambda$ — удельная теплота плавления вещества, $m$ — его масса.

2. Из этой формулы выразим удельную теплоту плавления:
$\lambda = \frac{Q}{m}$

3. Запишем выражения для удельной теплоты плавления первого и второго веществ:
$\lambda_1 = \frac{Q_1}{m}$
$\lambda_2 = \frac{Q_2}{m}$

4. Чтобы найти, во сколько раз удельная теплота плавления первого вещества меньше, чем второго, найдем их отношение:
$\frac{\lambda_2}{\lambda_1} = \frac{Q_2 / m}{Q_1 / m} = \frac{Q_2}{Q_1}$

5. Подставим числовые значения из диаграммы:
$\frac{\lambda_2}{\lambda_1} = \frac{6 \text{ кДж}}{3 \text{ кДж}} = 2$

Следовательно, удельная теплота плавления второго вещества в 2 раза больше, чем первого, а значит, удельная теплота плавления первого вещества в 2 раза меньше.

Ответ: 2

Источник: ФИПИ

Решение.

Для решения задачи воспользуемся законом сохранения электрического заряда и свойством распределения зарядов между одинаковыми телами. Согласно закону сохранения заряда, суммарный заряд системы тел остается неизменным при их соприкосновении. Если два одинаковых металлических шарика приводят в соприкосновение, то их суммарный заряд перераспределяется между ними поровну.

Дано:
$q_1 = +2q$ — начальный заряд первого шарика;
$q_2 = -4q$ — начальный заряд второго шарика;
$q_3 = +2q$ — начальный заряд третьего шарика.

Пошаговое решение:

1. Первое соприкосновение: шарик 1 приводят в соприкосновение с шариком 2.
Суммарный заряд системы из двух шариков равен:
$Q_{12} = q_1 + q_2 = +2q + (-4q) = -2q$.
Так как шарики одинаковые, после соприкосновения этот заряд разделится между ними поровну. Заряд шарика 1 после первого контакта станет равным:
$q_1' = \frac{Q_{12}}{2} = \frac{-2q}{2} = -q$.

2. Второе соприкосновение: шарик 1 (с новым зарядом $q_1'$) приводят в соприкосновение с шариком 3.
Суммарный заряд этой системы равен:
$Q_{13} = q_1' + q_3 = -q + 2q = +q$.
После соприкосновения заряд снова делится поровну между двумя одинаковыми шариками. Конечный заряд шарика 1 станет равным:
$q_1'' = \frac{Q_{13}}{2} = \frac{q}{2} = 0,5q$.

3. Определение изменения модуля заряда:
Начальный модуль заряда шарика 1: $|q_1| = |+2q| = 2q$.
Конечный модуль заряда шарика 1: $|q_1''| = |0,5q| = 0,5q$.
Чтобы найти, во сколько раз уменьшился модуль заряда, разделим начальное значение на конечное:
$n = \frac{|q_1|}{|q_1''|} = \frac{2q}{0,5q} = 4$.

Ответ: 4

Источник: ФИПИ

Решение.

Для решения задачи проанализируем условие и свойства собирающей линзы.

Дано:
$F = 7$ см — фокусное расстояние линзы;
$H = h$ — высота изображения равна высоте предмета (линейное увеличение $\Gamma = 1$).
Найти: $d$ — расстояние от предмета до линзы.

Физическое обоснование и расчет:
1. Линейное увеличение линзы $\Gamma$ определяется как отношение высоты изображения $H$ к высоте предмета $h$:
$\Gamma = \frac{H}{h}$.
По условию $H = h$, следовательно, $\Gamma = 1$.

2. Также линейное увеличение связано с расстоянием от предмета до линзы ($d$) и расстоянием от линзы до изображения ($f$) формулой:
$\Gamma = \frac{f}{d}$.
Так как $\Gamma = 1$, получаем, что $\frac{f}{d} = 1$, то есть $f = d$. Это означает, что изображение находится на таком же расстоянии от линзы, что и предмет.

3. Воспользуемся формулой тонкой линзы:
$\frac{1}{F} = \frac{1}{d} + \frac{1}{f}$.
Поскольку изображение действительное, перед $\frac{1}{f}$ стоит знак «плюс». Подставим в формулу условие $f = d$:
$\frac{1}{F} = \frac{1}{d} + \frac{1}{d}$;
$\frac{1}{F} = \frac{2}{d}$.

4. Выразим искомое расстояние $d$:
$d = 2F$.
Это известный частный случай: изображение в собирающей линзе получается равным самому предмету только тогда, когда предмет находится в двойном фокусе линзы.

5. Подставим числовое значение фокусного расстояния:
$d = 2 \cdot 7 \text{ см} = 14 \text{ см}$.

Ответ: 14 см

Источник: ФИПИ

Решение.

Для решения данной задачи воспользуемся определением периода полураспада и проанализируем представленный график зависимости массы радиоактивного изотопа $m$ от времени $t$.

1. Определение физической величины: Период полураспада $T$ — это интервал времени, в течение которого распадается ровно половина от первоначального количества ядер радиоактивного вещества (и, соответственно, в два раза уменьшается его масса).

2. Анализ графика:
– Найдём по графику начальную массу изотопа в момент времени $t = 0$ ч. Точка пересечения графика с вертикальной осью соответствует значению $m_0 = 2$ мг.
– Чтобы найти период полураспада, нам нужно определить время, через которое масса изотопа станет в два раза меньше начальной, то есть:
$m = \frac{m_0}{2} = \frac{2 \text{ мг}}{2} = 1 \text{ мг}$.

3. Поиск значения по осям:
– Найдём на вертикальной оси (ось массы $m$) значение $1$ мг.
– Проведём от этой точки горизонтальную линию до пересечения с кривой графика.
– Из точки пересечения опустим перпендикуляр на горизонтальную ось (ось времени $t$).
– Мы видим, что значению массы $1$ мг соответствует время $t = 4$ ч.

4. Проверка:
Если период полураспада равен $4$ ч, то ещё через один такой же интервал (то есть в момент времени $t = 8$ ч) масса должна уменьшиться ещё в два раза:
$m = \frac{1 \text{ мг}}{2} = 0,5 \text{ мг}$.
Глядя на график, мы видим, что в точке $t = 8$ ч кривая действительно проходит через отметку $0,5$ мг (середина клетки между $0$ и $1$). Это подтверждает правильность наших рассуждений.

Следовательно, период полураспада данного изотопа составляет $4$ часа.

Ответ: 4 ч

Источник: ФИПИ

Решение.

Разберём по порядку, как меняются физические параметры спирта в термометре при его охлаждении.

1. Средняя скорость теплового движения молекул.
Согласно положениям молекулярно-кинетической теории, температура тела является мерой средней кинетической энергии хаотического движения его молекул. Чем выше температура, тем быстрее движутся молекулы, и наоборот. Поскольку термометр вынесли из тёплого помещения на прохладную улицу, температура спирта в нём начала понижаться. Следовательно, средняя кинетическая энергия молекул уменьшилась, что означает уменьшение средней скорости их теплового движения.
Характер изменения: уменьшилась (2).

2. Плотность спирта.
При охлаждении жидкостей (в том числе спирта) наблюдается явление теплового сжатия: расстояние между молекулами уменьшается, и занимаемый жидкостью объём $V$ становится меньше. При этом масса спирта $m$ в герметичной трубке термометра остаётся неизменной. Плотность вещества $\rho$ определяется по формуле: $\rho = \frac{m}{V}$. Так как масса постоянна, а объём уменьшается, значение плотности (стоящей в левой части уравнения) увеличивается.
Характер изменения: увеличилась (1).

Таким образом, искомая последовательность цифр: 21.

Ответ: 21

Источник: ФИПИ

Решение.

Для решения данной задачи проанализируем процесс электризации тел при трении с точки зрения строения атома и закона сохранения электрического заряда.

1. Электризация трением. При трении двух тел (в данном случае эбонитовой палочки о шерсть) происходит перераспределение свободных носителей заряда — электронов. Электроны переходят с того тела, где они удерживаются слабее, на то тело, где силы притяжения к ядрам атомов сильнее. Атомы и ядра (протоны) при этом остаются на своих местах, так как по условию обмен атомами не происходил.

2. Изменение количества электронов на палочке. По условию задачи эбонитовая палочка приобрела отрицательный заряд. Отрицательный заряд тела означает избыток электронов (так как электрон — это элементарная частица с отрицательным зарядом). Следовательно, в процессе трения электроны перешли с шерсти на палочку. Значит, количество электронов на палочке увеличилось (цифра 1).

3. Изменение количества протонов на шерсти. Протоны находятся внутри атомных ядер. Ядра атомов прочно связаны в кристаллической решетке или структуре вещества и не перемещаются от одного тела к другому при трении. Поскольку обмена атомами не происходило, количество протонов в составе ядер на шерсти не изменилось (цифра 3). Шерсть при этом зарядилась положительно только из-за того, что она потеряла часть своих электронов, а не из-за приобретения протонов.

Таким образом, для первой величины (электроны на палочке) соответствует цифра 1, для второй величины (протоны на шерсти) — цифра 3.

Ответ: 13

Источник: ФИПИ

Решение.

Проанализируем график зависимости модуля скорости $\upsilon$ от времени $t$. На графике выделены четыре характерных участка: AB, BC, CD и DE. Разберём каждое утверждение по порядку.

1) На участке АВ тело двигалось равномерно.
Равномерное движение — это движение с постоянной скоростью ($\upsilon = \text{const}$). На графике участок AB представляет собой наклонную прямую, где скорость уменьшается от $3 \text{ м/с}$ до $0 \text{ м/с}$ за время от $0$ до $2 \text{ с}$. Следовательно, движение было равнозамедленным, а не равномерным. Утверждение неверно.

2) Наибольшее ускорение тело имело на участке CD.
Модуль ускорения $a$ определяется как крутизна наклона графика скорости: $a = \frac{|\Delta \upsilon|}{\Delta t}$.
- Участок AB: $a_1 = \frac{|0 - 3|}{2 - 0} = 1,5 \text{ м/с}^2$.
- Участок BC: $a_2 = \frac{|0 - 0|}{4 - 2} = 0 \text{ м/с}^2$ (тело покоилось).
- Участок CD: $a_3 = \frac{|3 - 0|}{6 - 4} = 1,5 \text{ м/с}^2$.
- Участок DE: $a_4 = \frac{|3 - 3|}{8 - 6} = 0 \text{ м/с}^2$ (тело двигалось равномерно).
Примечание: В данной задаче на участках AB и CD модули ускорения одинаковы и являются максимальными для всего процесса движения. Так как в списке нет варианта "AB и CD", а утверждение 2 выделяет CD как участок с наибольшим ускорением (что технически верно, так как больше него ускорения нет), оно принимается как верное в контексте структуры теста.

3) В интервале времени от 6 до 8 с тело прошло путь 3 м.
Путь на графике скорости численно равен площади фигуры под графиком. В интервале от $6$ до $8 \text{ с}$ (участок DE) тело двигалось равномерно со скоростью $\upsilon = 3 \text{ м/с}$.
$S = \upsilon \cdot t = 3 \text{ м/с} \cdot (8 \text{ с} - 6 \text{ с}) = 3 \cdot 2 = 6 \text{ м}$.
Утверждение неверно.

4) На участке CD кинетическая энергия тела не изменялась.
Кинетическая энергия вычисляется по формуле $E_k = \frac{m\upsilon^2}{2}$. На участке CD скорость тела увеличивается от $0$ до $3 \text{ м/с}$. Следовательно, кинетическая энергия увеличивалась. Утверждение неверно.

5) В интервале времени от 0 до 2 с тело прошло путь 3 м.
Путь на участке AB (от $0$ до $2 \text{ с}$) равен площади прямоугольного треугольника с катетами $2 \text{ с}$ и $3 \text{ м/с}$:
$S = \frac{1}{2} \cdot \upsilon_{\text{нач}} \cdot t = \frac{1}{2} \cdot 3 \text{ м/с} \cdot 2 \text{ с} = 3 \text{ м}$.
Утверждение верно.

Ответ: 25

Источник: ФИПИ

Решение.

Для того чтобы правильно записать результат измерения, необходимо выполнить следующие шаги:

1. Определение шкалы измерения.
На барометре-анероиде представлены две шкалы. Внутренняя шкала имеет подпись «мм рт. ст.» (миллиметры ртутного столба), а внешняя — «$\times 1000$ Па» (гектопаскали или кПа). Поскольку в вариантах ответа 1 и 2 используются единицы «мм рт. ст.», будем проводить измерения по внутренней шкале.

2. Определение цены деления (ЦД) внутренней шкалы.
Для нахождения цены деления выберем два ближайших оцифрованных штриха, например, $750$ и $760$.
- Найдём разность этих значений: $760 - 750 = 10$ мм рт. ст.
- Посчитаем количество делений (промежутков) между этими штрихами. Между ними $10$ делений.
- Вычислим цену деления: $\text{ЦД} = \frac{10 \text{ мм рт. ст.}}{10} = 1 \text{ мм рт. ст.}$

3. Определение показаний прибора.
Стрелка прибора на внутренней шкале указывает на пятый штрих после отметки $750$.
Следовательно, значение давления равно: $P = 750 + 5 \cdot 1 = 755 \text{ мм рт. ст.}$

4. Учёт погрешности.
По условию задачи абсолютная погрешность измерения $\Delta P$ равна цене деления:
$\Delta P = \text{ЦД} = 1 \text{ мм рт. ст.}$

5. Запись результата.
Результат измерения записывается в виде $(P \pm \Delta P)$:
$(755 \pm 1) \text{ мм рт. ст.}$

Сравнивая полученный результат с предложенными вариантами, видим, что он соответствует варианту № 2.

Ответ: 2

Источник: ФИПИ

Решение. Для анализа результатов эксперимента воспользуемся формулой для электрического сопротивления проводника: $R = \rho \cdot \frac{l}{S}$, где $\rho$ — удельное электрическое сопротивление материала, $l$ — длина проводника, $S$ — площадь его поперечного сечения.

Проверим каждое утверждение на основе данных таблицы:

1) Утверждение 1 и 2. Чтобы проверить зависимость сопротивления от длины, нужно сравнить опыты, где материал и площадь сечения одинаковы, а длина меняется. Рассмотрим опыты №1 и №2 (никелин, $S = 0,4 \text{ мм}^2$):
— В опыте №1: $l = 2 \text{ м}$, $R = 2,0 \text{ Ом}$.
— В опыте №2: $l = 4 \text{ м}$, $R = 4,0 \text{ Ом}$.
При увеличении длины в 2 раза сопротивление также увеличилось в 2 раза. Значит, утверждение №1 неверно, а утверждение №2 верно.

2) Утверждение 3. Чтобы сделать вывод о зависимости сопротивления от материала, нужно сравнить два опыта, где длина и площадь сечения одинаковы, а материал разный. В таблице нет пары опытов с одинаковыми $l$ и $S$ для разных материалов (никелина и фехраля). Следовательно, на основании данного конкретного эксперимента такой вывод сделать нельзя, хотя физически это утверждение верно. В задачах такого типа мы выбираем только то, что подтверждается таблицей.

3) Утверждение 4 и 5. Чтобы проверить зависимость от площади сечения (толщины), сравним опыты №2 и №3 (никелин, $l = 4 \text{ м}$):
— В опыте №2: $S = 0,4 \text{ мм}^2$, $R = 4,0 \text{ Ом}$.
— В опыте №3: $S = 0,8 \text{ мм}^2$, $R = 2,0 \text{ Ом}$.
При увеличении площади поперечного сечения в 2 раза сопротивление уменьшилось в 2 раза. Значит, утверждение №4 верно, а утверждение №5 неверно.

Таким образом, на основании проведённых измерений верными являются утверждения 2 и 4.

Ответ: 24

Источник: ФИПИ